2018年山东省聊城市东昌府区中考物理一模试卷
一、单项选择题（本题包括10个小题；每小题3分，共30分．每小题只有一个选项符合题意，多选或不选均得0分）
1．（3分）下列声现象的叙述中与图中情景不相符的是（ ）
A．甲图中，拨动琴弦发出悠扬的琴声说明声音是由物体振动产生的 B．乙图中，钢尺伸出桌边的长度越长，发出声音的音调越低 C．丙图中，北京动物园的“隔音蛟龙”是在传播过程中减弱噪声 D．丁图中，倒车雷达是利用次声波传递信息
2．（3分）如图所示的现象中，属于光的反射形成的现象是（ ）
A．
绣漪桥在水中的“倒影”
B．
苹果在桌面上形成影子
C．
用放大镜观察图案
第1页（共38页）
D．
筷子好像在水面处向上弯折
3．（3分）图所示的四个物态变化的实例中，属于液化现象的是（ ）
A．
冬天，树枝上形成“雾凇”
B．
夏天，草叶上形成“露珠”
C．
春天，草叶上形成“冰挂”
D．
冬天，窗玻璃上形成“冰花”
4．（3分）下列关于自行车的部件设计及骑行过程中的操作，主要为了减小摩擦的是（ ）
A．轮胎上的花纹 B．车轴处装有滚珠轴承 C．刹车时用力捏闸 D．脚蹬表面凹凸不平
5．（3分）如图所示的四种情景中，所使用的杠杆属于费力杠杆的是（ ）
第2页（共38页）
A．
钳子
B．
羊角锤
C．
核桃夹
D．
镊子
6．（3分）如图所示为体育场内足球赛的场景，小刚和小亮运用所学物理知识对比赛中的一些现象进行分析，下列说法中全部正确的一组是（ ） ①足球在上升过程中重力势能转化为动能 ②踢出去的足球能继续向前飞行是由于惯性 ③足球在空中飞行时受到重力和向前的推力 ④足球在空中飞行过程中，运动状态发生改变
⑤空中飞行的足球，若它所受的力全部消失，它将立即落地 ⑥踢球时脚感到疼是因为物体间力的作用是相互的
A．①③⑥ B．②③⑤ C．②④⑥ D．①②⑤
7．（3分）如图所示，小明水平向右推放在水平地面上的箱子，但没有推动，下列说法正确的是（ ）
第3页（共38页）
A．箱子虽然没有被推动，但小明对箱子做了功 B．箱子没有被推动是因为推力小于摩擦力
C．箱子对地面的压力与地面对箱子的支持力是一对平衡力 D．箱子没有被推动，选择的参照物是地面
8．（3分）关于家庭电路及安全用电，下列说法正确的是（ ） A．低于220V的电压对人体都是安全的
B．只有当人体接触带电体时才可能发生触电事故
C．家庭电路中，控制各个灯具的开关都应安装在相线（火线）上 D．教室里一个开关可以同时控制三只日光灯，这三只日光灯一定是串联 9．（3分）如图所示电路，电源两端电压保持不变，闭合开关，在滑动变阻器滑片P向右端移动过程中，下列说法中正确的是（ ）
A．电流表示数变大
B．变阻器 R2接入电路的阻值变小 C．电阻 R1两端电压变小
D．电压表示数与电流表示数的比值变大
10．（3分）青少年科技创新材料中有一种变光二极管，电流从其P端流入时发红光，从其Q端流入时发绿光，奥秘在于其内部封装有一红一绿两个发光二极管，发光二极管具有单向导电性，其符号为
，当电流从“+”极流入时二
极管能通电且发光，当电流从“﹣”极流入时二极管不能发光，则该变光二极管的内部结构可能是下图中的（ ）
第4页（共38页）
A． B． C．
D．
二、多项选择题（本题包括3小题，每小题4分，共12分，每小题至少有两个选项符合题意，全部选对的得4分，选择对但不全对的得2分，有选择错或不选择的得0分）
11．（4分）如图所示，①②③④为探究物理规律的四个实验，abcd为物理规律的应用实例，箭头表示规律和应用的对应关系，其中对应关系正确的是（ ）
A． B．
第5页（共38页）
C． D．
12．（4分）关于下图所示的电和磁的实验，下列说法中正确的是（ ）
A．甲图实验演示的是电流的磁效应 B．乙图实验演示的是电动机的工作原理
C．丙图实验演示的是磁场中某点的磁场方向是由放在该点的小磁针决定的 D．丁图实验演示的是磁场对电流的作用，直流电动机是依据此原理制成的 13．（4分）如图所示，重300N的物体在20N的水平拉力F的作用下，以0.2m/s的速度沿水平地面向左匀速直线运动了l0s，滑轮组的机械效率为80%，则在此过程中，下列说法正确的是（ ）
A．绳子自由端移动的距离为2m B．物体与地面间的滑动摩擦力为48N C．拉力F的功率为12W D．有用功为120J
第6页（共38页）
三、填空题（每空1分，共9分）
14．（1分）微信是时下广为流行的一款手机软件，微信信息是手机利用 进行传播的
15．（2分）小李身高1.6m，站在平面镜前1.5m处，则他离自己在镜中的像 m，当他慢慢远离平面镜时，像的大小将 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。 16．（2分）如图是探究“滑动摩擦力的大小与什么有关系的实验”，在水平桌面上，用弹簧测力计水平向右拉动木块，使其做 运动，木块所受的滑动摩擦力的大小是 N。
17．（2分）小明家的电子式电能表上标有“3200imp/（kw•h）．当他家只开某个用电器时，发现在10min内电能表指示灯闪烁了32次，该用电器的功率为 W．若该用电器每天少开1h，则30天可节约电能 kW•h。
18．（2分）小磁针静止时的位置如图所示，由此可以判断出通电螺线管的A端是 （选填“N”或“S”）极，接线柱a连接的是电源的 （选填“正”或“负”）极。
四、作图题（本题包括2小题，每小题2分，共4分）
19．（2分）如图所示，一个凸透镜的主光轴与平静水面重合，F为凸透镜的焦点。请画出图中光线在凸透镜左侧的入射光线以及图中光线进入水中的折射光线。
20．（2分）如图所示，请画出挂在墙上的小球所受各力的示意图。
第7页（共38页）
五、实验探究题（本题共23个空，每空1分，共23分）
21．（6分）利用如图甲所示的实验装置探究“沙子和水的温度变化与吸热的关系”。
操作如下：
（1）在两烧杯中分别装入初温度相同且 相等的沙子和水。
（2）用相同的酒精灯火焰加热，并用玻璃棒不断搅拌，每隔相同的时间记录一次温度，其中某时刻的温度如图乙所示，其示数为 ℃．根据实验数据绘制成温度与时间的关系图象，如图丙所示；
（3）实验中，是通过比较 来间接反映沙子和水吸收的热量；
（4）分析图象可知，对于质量相等的沙子和水，升温较快的是 ；若使两者升高相同的温度，则 吸收的热量较多，由此可见， 的比热容较大。
22．（5分）在探究“凸透镜成像规律”的实验中。
（1）如图甲，平行光正对凸透镜照射，光屏上出现一个最小最亮的光斑，则凸透镜的焦距f= cm。
（2）如图乙，光屏上呈现清晰的像，此像的性质是 的实像。若保持蜡烛和光屏位置不变，移动透镜至 刻度线处，光屏上能再次呈现清晰的像。 （3）如图丙，保持蜡烛位置不变，移动透镜至16cm刻度线处，则人眼在图中 处
能观察到烛焰的像。
第8页（共38页）
（4）如图丁，在烛焰和凸透镜之间放一副眼镜，发现光屏上的像由清晰变模糊了，将光屏向透镜移动适当距离后光屏上再次呈现清晰的像。则该眼镜是 眼镜（近视/远视）。
23．（6分）为了测量某种饮料的密度，取适量这种饮料进行如下实验： （1）将托盘天平放在水平台上，把 （选填“平衡螺母”或“游码”）移至标尺左端零刻线处，发现指针静止时指在分度盘中线的左侧（如图1），则应将平衡螺母向 （选填“左”或“右”）调节使横梁平衡。天平平衡时，可看成 （选填“省力”、“费力”或“等臂”）杠杆。
（2）把盛有适量饮料的烧杯放在天平左盘内，增减右盘的砝码，调节游码使横梁重新平衡，此时砝码质量和游码在标尺上的位置如图2所示，则烧杯和饮料的总质量为 g。
（3）将烧杯中的一部分饮料倒入量筒中。如图3所示，量筒中饮料的体积为 cm3；再用天平测出烧杯和剩余饮料的总质量为30g。
（4）根据上述实验数据计算可得，这种饮料的密度为 kg/m3。
24．（6分）小华做测量灯泡电功率的实验，所用小灯泡额定电压为2.5V。
第9页（共38页）
（1）如图甲所示，用笔画线代替导线，将实验电路连接完整。
（2）当电压表的读数为 V时，小灯泡达到额定功率，此时电流表的示数如图乙所示，其值为 A，小灯泡的额定功率为 W。
（3）实验时闭合开关，两表均有示数，然后将灯泡从灯座中取走，电流表 （有/没有）示数，电压表 （有/没有）示数。
六、计算题（本题包括3小题，第25题6分，第27、28题各8分，共22分） 25．（6分）可燃冰是一种新型能源，它是水和天然气在高压低温情况下形成的类冰状结晶物质，主要成分是甲烷，其开采是世界难题，据电视台2017年5月18日报道，我国可燃冰已试采成功，技术处于世界领先，用燃气锅炉烧水时，把质量为50kg，初温为20℃的水加热到100℃，共燃烧了1.2m3天然气，已知水的比热容c水=4.2×103J/（kg•℃），天然气热值q=4.2×107J/m3，可燃冰的热值为同体积天然气的160倍，求： （1）水吸收的热量；
（2）燃气锅炉烧水时的效率；
（3）若换用可燃冰，应使用多少m3可燃冰。
26．（8分）如图所示，A、B两物体用细线相连浸没水中，两物体恰好悬浮。细线的质量、体积忽略不计。已知物体A的体积为1000cm3，物体B的体积为100cm3，物体B的质量为0.5kg。（g取10N/kg）求： （1）物体B受到的浮力； （2）细线对物体B的拉力； （3）物体A受到的重力；
（4）细线剪断后，物体A静止时，浸入水中的体积。
第10页（共38页）
27．（8分）如图所示，R0是阻值为80Ω的定值电阻，R为滑动变阻器，其上标有“100Ω 3A”字样，电流表A1的量程为0～0.6A，电流表A2的量程为0～3A，灯泡上标有“8V 1.6W”字样，已知电源电压不变。求： （1）灯泡的额定电流；
（2）闭合开关S，断开开关S1、S2时，灯泡正常发光，求电源电压的大小； （3）开关S、S1、S2都闭合时，在不损坏电流表的前提下，求R消耗电功率的最大值
第11页（共38页）
2018年山东省聊城市东昌府区中考物理一模试卷
参与试题解析
一、单项选择题（本题包括10个小题；每小题3分，共30分．每小题只有一个选项符合题意，多选或不选均得0分）
1．（3分）下列声现象的叙述中与图中情景不相符的是（ ）
A．甲图中，拨动琴弦发出悠扬的琴声说明声音是由物体振动产生的 B．乙图中，钢尺伸出桌边的长度越长，发出声音的音调越低 C．丙图中，北京动物园的“隔音蛟龙”是在传播过程中减弱噪声 D．丁图中，倒车雷达是利用次声波传递信息 【分析】（1）声音是由物体的振动产生的；
（2）音调的高低与发声体振动快慢有关，物体振动越快，音调就越高，物体振动越慢，音调就越低；
（3）减弱噪声有三种途径：①在声源处减弱；②在传播过程中减弱；③在人耳处减弱；
（4）倒车雷达是利用超声波工作的。
【解答】解：A、声音是由物体的振动产生的，琴声是琴弦的振动产生的，故A正确；
B、尺子发出声音的音调与尺子振动快慢有关，当尺子伸出桌面的长度越长时，振动越慢，发出声音的音调越低，故B正确；
C、京动物园的“隔音蛟龙”是在传播过程中减弱噪声，故C正确。 D、倒车雷达是利用超声波传递信息的，故D错误。 故选：D。
【点评】考查声音的综合利用，要求学生对声音及其特性，以及减弱噪声的途径
第12页（共38页）
等知识点全面掌握。
2．（3分）如图所示的现象中，属于光的反射形成的现象是（ ）
A．
绣漪桥在水中的“倒影”
B．
苹果在桌面上形成影子
C．
用放大镜观察图案
D．
筷子好像在水面处向上弯折
【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的； （3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
第13页（共38页）
【解答】解：A、平静水面上绣漪桥的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，符合题意。
B、苹果在桌面上影子的形成说明光是沿直线传播的，由于光的直线传播，被物体挡住后，物体后面就会呈现出阴影区域，就是影子，故与题意不符；
C、用放大镜看图案时，图案变大了，属于凸透镜成像，是由于光的折射形成的。故与题意不符。
D、从水中筷子上反射的光从水中斜射入空气中时，发生折射，折射光线远离法线，当人逆着折射光线的方向看时，看到的是筷子的虚像，比实际位置偏高，所以感觉折断了，故与题意不符； 故选：A。
【点评】此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。
3．（3分）图所示的四个物态变化的实例中，属于液化现象的是（ ）
A．
冬天，树枝上形成“雾凇”
B．
夏天，草叶上形成“露珠”
C．
春天，草叶上形成“冰挂”
第14页（共38页）
D．
冬天，窗玻璃上形成“冰花”
【分析】要判断出属于液化的物态变化，首先要弄清液化的特点，液化是由物体气态变为液态的相变过程，可根据四个选项中所给物理现象的特点来进行判断。 【解答】解：A、冬天，树枝上的雾凇是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶。故A不符合题意。
B、草叶上的露珠是空气中的水蒸气液化形成的，故B符合题意。 C、春天，草叶上的冰挂是凝固现象。故C不符合题意。
D、冬天玻璃上形成的冰花是水蒸气凝华形成的。故D不符合题意。 故选：B。
【点评】此题考查的是物态的几种变化，固态→熔化液态；液态→汽化气态；气态→液化液态；液态→凝固固态；固态→升华气态；气态→凝华固态；熔化和凝固、汽化和液化、升华和凝华是相反的过程。
4．（3分）下列关于自行车的部件设计及骑行过程中的操作，主要为了减小摩擦的是（ ）
A．轮胎上的花纹 B．车轴处装有滚珠轴承 C．刹车时用力捏闸 D．脚蹬表面凹凸不平
【分析】（1）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。 （2）减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过减小压力来减小摩擦力；在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦。
【解答】解：A、轮胎上的花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。故A不合题意；
B、车轴处装有滚珠轴承，是用滚动代替滑动来减小摩擦。故B符合题意； C、刹车时用力捏闸，是在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；
第15页（共38页）
故C不合题意；
D、脚蹬表面凹凸不平，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。故D不合题意。 故选：B。
【点评】本题考查摩擦力大小的影响因素，以及增大和减小摩擦的方法，摩擦力问题在生活中应用非常广泛，解答此题类问题时要利用控制变量法研究。
5．（3分）如图所示的四种情景中，所使用的杠杆属于费力杠杆的是（ ）
A．
钳子
B．
羊角锤
C．
核桃夹
D．
镊子
【分析】结合图片和生活经验，判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。 【解答】解：
A、钳子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆； B、羊角锤在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆； C、核桃钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆； D、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆。
第16页（共38页）
故选：D。
【点评】此题考查的是杠杆的分类和特点，主要包括以下几种：
①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
6．（3分）如图所示为体育场内足球赛的场景，小刚和小亮运用所学物理知识对比赛中的一些现象进行分析，下列说法中全部正确的一组是（ ） ①足球在上升过程中重力势能转化为动能 ②踢出去的足球能继续向前飞行是由于惯性 ③足球在空中飞行时受到重力和向前的推力 ④足球在空中飞行过程中，运动状态发生改变
⑤空中飞行的足球，若它所受的力全部消失，它将立即落地 ⑥踢球时脚感到疼是因为物体间力的作用是相互的
A．①③⑥ B．②③⑤ C．②④⑥ D．①②⑤
【分析】针对题干中的说法，分别运用能量的转化、惯性、受力分析、牛顿第一定律、力的作用的相互性等知识来进行分析与判断。最终做出选择。 【解答】解：
①足球在上升过程中，速度减小，高度增大，是动能转化为重力势能，故①错误； ②踢出去的足球能继续向前飞行是由于足球具有惯性，仍保持原来的运动状态，故②正确；
③足球在空中飞行时受到重力，但不受向前的推力，故③错误；
④足球在空中飞行过程中，速度和方向均改变，所以运动状态发生改变，故④正确；
⑤空中飞行的足球，若它所受的力全部消失，它保持均速直线运动，故⑤错误； ⑥踢球时脚感到疼是因为物体间力的作用是相互的，故⑥正确。
第17页（共38页）
综上所述，正确的序号有②④⑥。 故选：C。
【点评】本题以足球运动为背景，考查了其中所涉及的多个物理知识点，体现了物理在生活中的应用，有一定综合性，但难度不大。
7．（3分）如图所示，小明水平向右推放在水平地面上的箱子，但没有推动，下列说法正确的是（ ）
A．箱子虽然没有被推动，但小明对箱子做了功 B．箱子没有被推动是因为推力小于摩擦力
C．箱子对地面的压力与地面对箱子的支持力是一对平衡力 D．箱子没有被推动，选择的参照物是地面
【分析】（1）做功必须具备两个必要条件：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上通过的距离；
（2）物体静止或做匀速直线运动时，处于平衡状态，所受到的力是一对平衡力。 （3）二力平衡的条件是：作用在同一个物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上。
（4）判断物体运动与静止时，要看物体相对于参照物的位置是否发生了改变。 【解答】解：
A、箱子没有被推动，有力但没有移动距离，所以小明对箱子不做功，故A错误； B、箱子没有被推动，说明箱子受力平衡，则此时的推力等于摩擦力，故B错误； C、箱子对地面的压力与地面对箱子的支持力作用在不同的物体上，不是一对平衡力，故C错误；
D、箱子处于静止状态，相对于地面的位置没有发生改变，因此所选择的参照物是地面，故D正确。 故选：D。
【点评】本题围绕推箱子这一情境，考查了力是否做功的判断、平衡状态及二力
第18页（共38页）
平衡的判断、参照物的选择等，有一定综合性，但都是基础知识。
8．（3分）关于家庭电路及安全用电，下列说法正确的是（ ） A．低于220V的电压对人体都是安全的
B．只有当人体接触带电体时才可能发生触电事故
C．家庭电路中，控制各个灯具的开关都应安装在相线（火线）上 D．教室里一个开关可以同时控制三只日光灯，这三只日光灯一定是串联 【分析】根据对安全电压的了解，家庭电路连接特点和认识，以及对触电的类型的认识等，可对选项中的描述逐一做出判断。 【解答】解：
A、经验表明，只有不高于36V的电压，对人体才是安全的，故A错误； B、人接触低压带电体时，可能会触电，而人靠近高压带电体时，也可能会触电，故B错误；
C、家庭电路中，控制各个灯具的开关都应安装在相线（火线）上，这样在断开开关时，用电器才不会带电，更换灯具更安全，故C正确；
D、教室里一个开关可以同时控制三只日光灯，当一只日光灯损坏时，不影响其它灯的工作，所以这三只日光灯是并联的，此时开关是接在干路中的，故D错误。 故选：C。
【点评】本题考查了家庭电路及安全用电中的一些基本常识，是我们应该熟知的，同时也有一定的现实意义，必须掌握。
9．（3分）如图所示电路，电源两端电压保持不变，闭合开关，在滑动变阻器滑片P向右端移动过程中，下列说法中正确的是（ ）
A．电流表示数变大
第19页（共38页）
B．变阻器 R2接入电路的阻值变小 C．电阻 R1两端电压变小
D．电压表示数与电流表示数的比值变大
【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端电压，电流表测电路中的电流。根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和电压表示数的变化，根据欧姆定律结合R1的阻值可知电压表示数与电流表示数的比值变化。
【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端电压，电流表测电路中的电流。
在滑片P向右端移动过程中，变阻器R2接入电路中电阻变大，电路中的总电阻变大，故B错误；
由I=可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，故A错误； 由U=IR可知，电阻R1两端的电压变小，故C正确；
由R=可知，电压表示数与电流表示数的比值等于R1的阻值，则电压表示数与电流表示数的比值不变，故D错误。 故选：C。
【点评】本题考查了电路的动态分析，能把电压表示数与电流表示数的比值转化为R1的阻值处理是关键。
10．（3分）青少年科技创新材料中有一种变光二极管，电流从其P端流入时发红光，从其Q端流入时发绿光，奥秘在于其内部封装有一红一绿两个发光二极管，发光二极管具有单向导电性，其符号为
，当电流从“+”极流入时二
极管能通电且发光，当电流从“﹣”极流入时二极管不能发光，则该变光二极管的内部结构可能是下图中的（ ）
A． B． C
第20页（共38页）
．
D．
【分析】当电流从二极管的正接线柱流入，负接线柱流出时，二极管将电路接通；当电流从二极管的负接线柱流入时，二极管在电路中处于断开状态。 【解答】解：
因为二极管具有单向导电性，当电流从二极管的正接线柱流入，负接线柱流出时，二极管将电路接通；当电流从二极管的负接线柱流入时，二极管在电路中处于断开状态；根据题意可知，电流从其P端流入时发红光，从其Q端流入时发绿光，所以两二极管并联，且红发光二极管的正接线柱在P端，负接线柱在Q端，绿发光二极管的正接线柱在Q端，负接线柱在P端，所以C图正确。 故选：C。
【点评】本题考查电路的基本连接方式以及二极管单向导电性的特点。
二、多项选择题（本题包括3小题，每小题4分，共12分，每小题至少有两个选项符合题意，全部选对的得4分，选择对但不全对的得2分，有选择错或不选择的得0分）
11．（4分）如图所示，①②③④为探究物理规律的四个实验，abcd为物理规律的应用实例，箭头表示规律和应用的对应关系，其中对应关系正确的是（ ）
第21页（共38页）
A． B．
C． D．
【分析】（1）弹簧测力计是根据在弹性限度内，弹簧的伸长与拉力成正比； （2）船闸是利用连通器的原理工作的； （3）流速越大的地方压强越小；
（4）潜水艇靠改变自身的重力来实现浮沉。 【解答】解：
A、弹簧测力计是根据在弹性限度内，弹簧的伸长与拉力成正比，故利用的原理是相同的，故A正确；
B、鸡蛋漂浮或悬浮是利用浮沉条件，船闸是利用连通器的原理工作的，故利用的原理是不相同的，故B错误；
第22页（共38页）
C、流速越大的地方压强越小，飞机的升力就是根据此原理，故C正确； D、潜水艇靠改变自身的重力来实现浮沉，故利用的原理是不相同的，故D错误。 故选：AC。
【点评】本题主要考查学生对知识的理解和运用情况。题目以两组图片相对应的形式展现给学生，一组是实验现象，另一组是现象的应用，考查了我们的教学过程中实验的展现，同时也是为了把学生的课堂表现考出来。试题形式新颖、设计巧妙，体现了学以致用的思想。
12．（4分）关于下图所示的电和磁的实验，下列说法中正确的是（ ）
A．甲图实验演示的是电流的磁效应 B．乙图实验演示的是电动机的工作原理
C．丙图实验演示的是磁场中某点的磁场方向是由放在该点的小磁针决定的 D．丁图实验演示的是磁场对电流的作用，直流电动机是依据此原理制成的 【分析】根据对电与磁几个重要实验装置图的认识来判断：
（1）发电机原理图描述了线圈给外界的用电器供电；电动机原理图描述了电源给线圈供电；
（2）电磁感应现象装置图没有电池；磁场对电流的作用装置图有电池。 【解答】解：A、该装置是奥斯特实验，是用来研究通电导线周围是否有磁场的实验装置，演示的是电流的磁效应，故A正确；
B、该装置中没有电源，所以当线圈做切割磁感线运动时能产生电，故是发电机，故B错误；
C、磁场中某点的磁场方向是由磁场决定的，我们可以借助小磁针静止时N极的指向来判断该点的磁场方向，故C错误；
D、该实验装置有电源，即通电后，磁场中的导体会受力转动，即通电导线在磁场中受力的作用，直流电动机是依据此原理制成的，故D正确。
第23页（共38页）
故选：AD。
【点评】教材中的重要实验装置图要采用对比记忆的方法认真识记，包括实验装置的名称、说明的原理、重要的应用等。
13．（4分）如图所示，重300N的物体在20N的水平拉力F的作用下，以0.2m/s的速度沿水平地面向左匀速直线运动了l0s，滑轮组的机械效率为80%，则在此过程中，下列说法正确的是（ ）
A．绳子自由端移动的距离为2m B．物体与地面间的滑动摩擦力为48N C．拉力F的功率为12W D．有用功为120J
【分析】A、知道物体移动速度和时间，利用s=vt求物体移动距离，由题知，n=3，拉力端移动的距离等于物体移动距离的3倍； B、知道机械效率和拉力大小，利用η=
=
=
=
求摩擦力f；
C、利用W=Fs求拉力做的总功，再利用功率公式求拉力做功功率； D、拉力做的有用功等于摩擦力乘以物体移动的距离。 【解答】解：
A、由图知，n=3，则绳子自由端移动的距离：s绳=3s物=3v物t=3×0.2m/s×10s=6m，故A错；
B、拉力做的有用功W有=fs物，W总=Fs绳， 因为η=
=
=
=
，
所以物体与地面间的滑动摩擦力： f=η×3F=80%×3×20N=48N，故B正确； C、拉力做功为：W总=Fs绳=20N×6m=120J，
第24页（共38页）
拉力做功的功率：P===12W，故C正确；
D、有用功：W有=fs物=fv物t=48N×0.2m/s×10s=96J，故D错。 故选：BC。
【点评】水平使用滑轮组时注意：有用功等于摩擦力与物体移动的距离的乘积，这是本题的关键、易错点
三、填空题（每空1分，共9分）
14．（1分）微信是时下广为流行的一款手机软件，微信信息是手机利用 电磁波 进行传播的
【分析】手机是利用电磁波进行信息传递的。 【解答】解：
微信信息是利用手机通过一定频率的电磁波进行传播的； 故答案为：电磁波。
【点评】此题主要考查电磁波的应用，比较容易。
15．（2分）小李身高1.6m，站在平面镜前1.5m处，则他离自己在镜中的像 3 m，当他慢慢远离平面镜时，像的大小将 不变 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。 【分析】根据平面镜成像特点，平面镜所成的像与物体大小相同，像与物体关于平面镜对称，像到平面镜的距离与物体到平面镜的距离相同。 【解答】解：
因平面镜成像时物距与像距相等，小李站在平面镜前1.5m处，此时物距为1.5m，则像距也为1.5m，则他离自己在镜中的像的距离为1.5m+1.5m=3m；
由于像与物是等大的，所以不管他慢慢远离镜子还是靠近镜子时，像的大小将不变。
故答案为：3；不变。
【点评】牢记平面镜成像特点，根据平面镜所成的像与物体大小相同，像与物体关于平面镜对称来分析实际问题。
16．（2分）如图是探究“滑动摩擦力的大小与什么有关系的实验”，在水平桌面上，
第25页（共38页）
用弹簧测力计水平向右拉动木块，使其做 匀速直线 运动，木块所受的滑动摩擦力的大小是 2 N。
【分析】要测量摩擦力，实验中需水平拉动物体做匀速直线运动，根据二力平衡条件，此时拉力等于摩擦力； 进行测力计读数时，注意其分度值。 【解答】解：
在探究“滑动摩擦力的大小与什么有关系的实验”中，将木块放在水平桌面上，用弹簧测力计水平向右拉动使其做匀速直线运动，此时拉力与摩擦力是一对平衡力，大小相等；由图可知，弹簧测力计分度值为0.2N，示数为2N，所以摩擦力为2N。
故答案为：匀速直线；2。
【点评】本题考查了二力平衡条件在探究“滑动摩擦力的大小与什么有关系的实验”中的应用，同时考查了弹簧测力计的读数。
17．（2分）小明家的电子式电能表上标有“3200imp/（kw•h）．当他家只开某个用电器时，发现在10min内电能表指示灯闪烁了32次，该用电器的功率为 60 W．若该用电器每天少开1h，则30天可节约电能 1.8 kW•h。
【分析】已知每消耗1kw•h的电能，电能表指示灯闪烁3200次，可求指示灯闪烁32次消耗的电能，根据公式P=可求该用电器的功率。 根据公式W=Pt可求节约的电能。 【解答】解：该用电器消耗电能W=为P==
=0.06kw=60W，
kw•h×32=0.01kw•h，该用电器的功率
30天可节约电能W节=Pt总=0.06kw×1h×30=1.8kw•h。 故答案为：60；1.8。
【点评】本题考查电能和电功率的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，难点
第26页（共38页）
是对电能表参数物理意义的正确理解，解题过程中还要注意单位的换算。
18．（2分）小磁针静止时的位置如图所示，由此可以判断出通电螺线管的A端是 N （选填“N”或“S”）极，接线柱a连接的是电源的 正 （选填“正”或“负”）极。
【分析】先根据小磁针静止时S极的指向，得出通电螺线管周围的磁场方向，知道了螺线管的N极后，然后根据安培定则判断螺线管中的电流方向，最后根据电流方向得出电源的正、负极。
【解答】解：由图可知，小磁针静止时S极指向右端，则说明A端为N极，另一端为S极。
用右手握住螺线管，让大拇指指向N极一端（螺线管的左端），则四指弯曲的方向就是电流方向，电流方向为从左端流入，则可知电源的a端为正极。 故答案为：N；正。
【点评】本题考查了螺线管周围的磁场方向、螺线管的极性和电流方向的关系、电流方向。本题是一道典型题，难易适中，紧扣教材。
四、作图题（本题包括2小题，每小题2分，共4分）
19．（2分）如图所示，一个凸透镜的主光轴与平静水面重合，F为凸透镜的焦点。请画出图中光线在凸透镜左侧的入射光线以及图中光线进入水中的折射光线。
【分析】（1）根据折射光线的特点，可以画出对应的入射光线。
（2）折射与入射的关系：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线与入射光线分居法线两侧，光由空气斜射入水中时，折射光线向法线偏折，折
第27页（共38页）
射角小于入射角。
【解答】解：（1）平行于主光轴的入射光线经过凸透镜折射后，折射光线过焦点，由此可以确定该条折射光线对应的入射光线；
（2）过入射点垂直于界面作出法线，根据折射角小于入射角，在水中法线的右侧作出折射光线，如图所示：
【点评】关于凸透镜，有三条特殊的入射光线：①平行于主光轴；②过焦点；③过光心的。每条特殊的入射光线对应的折射光线都有自己的特点。
20．（2分）如图所示，请画出挂在墙上的小球所受各力的示意图。
【分析】小球共受三个力：绳的拉力、重力、墙的支持力；三个力的作用点集中在球的重心，然后根据各力的方向标出这三个力的示意图。
【解答】解：①小球受到的重力，作用点在重心，方向竖直向下，符号为G； ②绳对小球的拉力作用点在重心，方向沿绳斜向上，符号为F拉；
③墙对小球的支持力，作用点可画在重心，方向垂直墙面向外，符号为F支，如图：
【点评】画力的示意图，要先确定力的三要素，用一条带箭头的线段把三要素表示出来，标上字母符号，有的要标出力的大小。
五、实验探究题（本题共23个空，每空1分，共23分）
第28页（共38页）
21．（6分）利用如图甲所示的实验装置探究“沙子和水的温度变化与吸热的关系”。
操作如下：
（1）在两烧杯中分别装入初温度相同且 质量 相等的沙子和水。
（2）用相同的酒精灯火焰加热，并用玻璃棒不断搅拌，每隔相同的时间记录一次温度，其中某时刻的温度如图乙所示，其示数为 39 ℃．根据实验数据绘制成温度与时间的关系图象，如图丙所示；
（3）实验中，是通过比较 加热时间 来间接反映沙子和水吸收的热量； （4）分析图象可知，对于质量相等的沙子和水，升温较快的是 沙子 ；若使两者升高相同的温度，则 水 吸收的热量较多，由此可见， 水 的比热容较大。
【分析】（1）要比较水和沙子吸热升温的快慢，就要控制水和沙子的质量、初温度、相同时间吸收的热量以及所用容器相同；
（2）读数时，要先认清分度值，然后看液柱所对应的示数。 （3）吸收热量的多少可以用加热时间的长短来体现出来； （4）分析表中数据得出水和沙子的温度变化情况，得出结论。
【解答】解：（1）为了研究水与沙子比热的大小，实验时，要控制水与沙子的初始温度、质量相等。
（2）温度计的分度值是1℃，此时的温度是39℃。
（3）实验中，是通过比较加热时间来间接反映沙子和水吸收热量的多少； （4）分析表中数据可知，对于质量相等的沙子和水：吸收相等热量，升温较快的是沙子；若使两者升高相同的温度，水加热时间较长，说明吸收的热量较多；由此可见水的比热容较大。
故答案为：（1）质量；（2）39；（3）加热时间；（4）沙子；水；水。
【点评】本实验采用了控制变量法，在研究设计多个量的问题时，为了研究某两个量间的关系，要控制除这两个量外的其它各量保持不变，这就是控制变量法，在实验中要注意控制变量法的应用。
第29页（共38页）
22．（5分）在探究“凸透镜成像规律”的实验中。
（1）如图甲，平行光正对凸透镜照射，光屏上出现一个最小最亮的光斑，则凸透镜的焦距f= 10.0 cm。
（2）如图乙，光屏上呈现清晰的像，此像的性质是 倒立、放大 的实像。若保持蜡烛和光屏位置不变，移动透镜至 40cm 刻度线处，光屏上能再次呈现清晰的像。
（3）如图丙，保持蜡烛位置不变，移动透镜至16cm刻度线处，则人眼在图中 B 处
能
观
察
到
烛
焰
的
像
。
（4）如图丁，在烛焰和凸透镜之间放一副眼镜，发现光屏上的像由清晰变模糊了，将光屏向透镜移动适当距离后光屏上再次呈现清晰的像。则该眼镜是 远视 眼镜（近视/远视）。
【分析】（1）图中测量凸透镜焦距的方法：平行光聚焦法，亮点为焦点，焦点到光心的距离为就焦距，由此可以确定其焦距是多少；
（2）当2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，v＞2f；光的折射中光路是可逆的，据此进行分析；
（3）u＜f时，凸透镜成正立放大的虚像；
（4）远视眼成因：眼球晶状体的曲度过小，远处物体反射来的光线通过晶状体折射后形成的物像，就会落在视网膜的后方造成远视眼。
第30页（共38页）
【解答】解：
（1）由图甲知，焦点到凸透镜的距离为20.0cm﹣10.0cm=10.0cm，所以凸透镜的焦距为f=10.0cm；
（2）由图乙知，当蜡烛在刻度尺的10cm处，u=15cm，2f＞u＞f，凸透镜成倒立放大的实像，v=55cm﹣25cm=30cm，根据折射中光路可逆可知，保持蜡烛和光屏位置不变，当u=30cm时，即凸透镜移动至40cm刻度线处，在屏上能再次呈现清晰的像；
（3）保持蜡烛位置不变，移动透镜至16cm刻度线处，此时u=16cm﹣10cm=6cm，u＜f时，凸透镜成正立放大的虚像，光屏上接不到，透过凸透镜观察蜡烛看到正立放大的虚像；虚像与成像物体同侧，所以应从B处观察；
（4）将一副眼镜放在蜡烛和凸透镜之间，结果，光屏上原来清晰的像变模糊了，他只将光屏向靠近凸透镜的方向移动适当距离时，又在光屏上观察到蜡烛清晰的像，说明提前成像了，故放置的是使光线会聚的凸透镜，这种眼镜是用来矫正远视眼的。
故答案为：（1）10.0；（2）倒立；放大；40cm；（3）B；（4）远视。
【点评】此题是探究凸透镜成像的规律，主要考查了实验的探究过程及成像规律的应用。此题看似复杂，其实只要用心，仔细审题，并不难。
23．（6分）为了测量某种饮料的密度，取适量这种饮料进行如下实验： （1）将托盘天平放在水平台上，把 游码 （选填“平衡螺母”或“游码”）移至标尺左端零刻线处，发现指针静止时指在分度盘中线的左侧（如图1），则应将平衡螺母向 右 （选填“左”或“右”）调节使横梁平衡。天平平衡时，可看成 等臂 （选填“省力”、“费力”或“等臂”）杠杆。
（2）把盛有适量饮料的烧杯放在天平左盘内，增减右盘的砝码，调节游码使横梁重新平衡，此时砝码质量和游码在标尺上的位置如图2所示，则烧杯和饮料的总质量为 61.8 g。
（3）将烧杯中的一部分饮料倒入量筒中。如图3所示，量筒中饮料的体积为 30 cm3；再用天平测出烧杯和剩余饮料的总质量为30g。
（4）根据上述实验数据计算可得，这种饮料的密度为 1.06×103 kg/m3。
第31页（共38页）
【分析】（1）把天平放在水平台上，把游码移到横梁标尺的零刻度线处，移动平衡螺母（左偏右调、右偏左调），使天平横梁在水平位置平衡，天平平衡时可看成等臂杠杆；
（2）根据图2读出烧杯和饮料的总质量等于砝码总质量加上游码显示数值； （3）根据图3读出液体的体积，单位是ml，1ml=1cm3； （4）利用密度公式求液体的密度。
【解答】解：（1）使用天平的时候，要将天平放在水平台面上，把游码移到横梁标尺的零刻度线处，移动平衡螺母，使天平横梁在水平位置平衡，指针左偏应将平衡螺母向右调节，天平平衡时可看成等臂杠杆；
（2）由图2可知，烧杯和饮料的总质量m总=50g+10g+1.8g=61.8g； （3）有图3知，量筒中饮料的体积为V=30ml=30cm3； （4）饮料的质量m=m总﹣30g=61.8g﹣30g=31.8g， 饮料的密度： ρ==
=1.06g/cm3=1.06×103kg/m3。
故答案为：（1）游码；右；等臂；（2）61.8；（3）30；（4）1.06×103。 【点评】此题是测量液体的密度，主要考查了有关天平及量筒的使用和读数，同时考查了密度的计算。在此实验中，要掌握测量液体密度的方法，通过量筒中液体的质量和体积来进行计算。
24．（6分）小华做测量灯泡电功率的实验，所用小灯泡额定电压为2.5V。
第32页（共38页）
（1）如图甲所示，用笔画线代替导线，将实验电路连接完整。
（2）当电压表的读数为 2.5 V时，小灯泡达到额定功率，此时电流表的示数如图乙所示，其值为 0.26 A，小灯泡的额定功率为 0.65 W。
（3）实验时闭合开关，两表均有示数，然后将灯泡从灯座中取走，电流表 没有 （有/没有）示数，电压表 有 （有/没有）示数。
【分析】（1）滑动变阻器有4个接线柱，选择一上一下串联在电路中。 （2）测定灯泡的额定功率时，使灯泡在额定电压下工作。
电流表的读数：首先确定使用的量程，然后确定每一个大格和每一个小格代表的示数。
知道额定电压和额定电流，根据P=UI计算额定功率。
（3）灯泡从灯座上取走，电路断路，电流表无示数，电压表串联在电路中，测量电源电压。
【解答】解：（1）滑动变阻器已经选择了上面一个接线柱，再任意选择下面一个接线柱，把滑动变阻器串联在电路中。如图。
（2）电压表测量灯泡两端的电压，电压表的示数为2.5V时，灯泡电压为额定电压2.5V。
电流表选择0～0.6A量程，每一个大格代表0.2A，每一个小格代表0.02A，电流为0.26A。
第33页（共38页）
P=UI=2.5V×0.26A=0.65W。
（3）灯泡取走，灯座处断路，电路断路，电流表没有示数，电压表串联在电路中，测电源电压，电压表有示数。
故答案为：（1）如图；（2）2.5；0.26；0.65；（3）没有；有。
【点评】本题考查了滑动变阻器的连入电路的方法，额定功率的实验方法和计算，电流表的读数，故障问题分析等，除故障分析问题有些难度，其它的都是比较简单的问题。
六、计算题（本题包括3小题，第25题6分，第27、28题各8分，共22分） 25．（6分）可燃冰是一种新型能源，它是水和天然气在高压低温情况下形成的类冰状结晶物质，主要成分是甲烷，其开采是世界难题，据电视台2017年5月18日报道，我国可燃冰已试采成功，技术处于世界领先，用燃气锅炉烧水时，把质量为50kg，初温为20℃的水加热到100℃，共燃烧了1.2m3天然气，已知水的比热容c水=4.2×103J/（kg•℃），天然气热值q=4.2×107J/m3，可燃冰的热值为同体积天然气的160倍，求： （1）水吸收的热量；
（2）燃气锅炉烧水时的效率；
（3）若换用可燃冰，应使用多少m3可燃冰。
【分析】（1）由热量公式Q=cm△t可以求出水吸收的热量；
（2）由燃烧值公式可以求出天然气完全燃烧释放的热量，由效率公式求出燃气灶烧水的效率；
（3）换用可燃冰，根据可燃冰的热值为同体积天然气的160倍，可知可燃冰的热值，再利用Q=Vq可求得应使用多少m3可燃冰。
【解答】解：（1）水吸收的热量：Q吸=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×50kg×（100℃﹣20℃）=1.68×107J；
（2）天然气完全燃烧放出的热量：Q放=Vq天然气=1.2m3×4.2×107J/m3=5.04×107J； 燃气锅炉烧水时的效率： η=
×100%=
×100%≈33.3%；
第34页（共38页）
（3）可燃冰的热值为同体积天然气的160倍，
则可燃冰的热值：q可燃冰=160q天然气=160×4.2×107J/m3=6.72×109J/m3， 若换用可燃冰燃烧放出相同的热量，应使用可燃冰的体积： V可燃冰=
=
=0.0075m3。
答：（1）水吸收的热量为1.68×108J； （2）燃气锅炉烧水时的效率为33.3%；
（3）若换用可燃冰，应使用0.0075m3可燃冰。
【点评】本题主要考查了燃料完全燃烧放热公式Q放=Vq、Q吸=cm△t=cm（t﹣t0）和效率公式的掌握和运用，难度不大，属于基础题目。
26．（8分）如图所示，A、B两物体用细线相连浸没水中，两物体恰好悬浮。细线的质量、体积忽略不计。已知物体A的体积为1000cm3，物体B的体积为100cm3，物体B的质量为0.5kg。（g取10N/kg）求： （1）物体B受到的浮力； （2）细线对物体B的拉力； （3）物体A受到的重力；
（4）细线剪断后，物体A静止时，浸入水中的体积。
【分析】（1）根据阿基米德原理算出B物体受到的浮力；
（2）对物体B受力分析算出细线对物体的拉力，根据F=G﹣F浮计算出拉力的大小；
（3）对物体A受力分析算出物体A的重力；
（4）由题意可知，剪断细线后，木块时漂浮在水面上的，则F浮=G；知道了木块受到的浮力大小，就可以根据阿基米德原理公式的变形式算出此时木块在水中的
第35页（共38页）
体积。 【解答】解：
（1）B浸没在水中，则物体B受到的浮力：
F浮B=ρ水gV排B=1.0×103kg/m3×10N/kg×100×10﹣6m3=1N； （2）B物体的重力：GB=mBg=0.5kg×10N/kg=5N； 细线对物体B的拉力：F拉B=GB﹣F浮B=5N﹣1N=4N；
（3）因为物体间力的作用是相互的，所以细线对物体B的拉力和B对细线的拉力大小相等，即F拉A=F拉B=4N， A浸没在水中时受到的浮力：
F浮A=ρ水gV排A=1.0×103kg/m3×10N/kg×1000×10﹣6m3=10N； 对物体A受力分析知：GA+F拉A=F浮A，
故物体A受到的重力：GA=F浮A﹣F拉A=10N﹣4N=6N； （4）因为物体A浸没在水中时的浮力大于其重力， 所以剪断细线后，物体A会上浮直至漂浮在水面上， 由于漂浮，所以F浮A′=GA=6N，
由F浮=ρ水gV排得，此时物体A浸入水中的体积： V浸=V排=
=
=6×10﹣4m3。
答：（1）物体B受到的浮力为1N； （2）细线对物体B的拉力为4N； （3）物体A受到的重力6N；
（4）细线剪断后，物体A静止时，浸入水中的体积6×10﹣4m3。
【点评】本题考查了阿基米德原理、物体的浮沉条件及其应用，本题中的第（2）问要把握漂浮时，物体受到的浮力等于重力。
27．（8分）如图所示，R0是阻值为80Ω的定值电阻，R为滑动变阻器，其上标有“100Ω 3A”字样，电流表A1的量程为0～0.6A，电流表A2的量程为0～3A，灯泡上标有“8V 1.6W”字样，已知电源电压不变。求： （1）灯泡的额定电流；
第36页（共38页）
（2）闭合开关S，断开开关S1、S2时，灯泡正常发光，求电源电压的大小； （3）开关S、S1、S2都闭合时，在不损坏电流表的前提下，求R消耗电功率的最大值
【分析】（1）根据灯泡的铭牌可知额定电压和额定功率，可利用公式I=计算出灯泡L额定电流。
（2）闭合S，断开S1、S2，灯泡L与电阻R0串联，而此时灯泡正常工作，从而可以判断出灯泡两端的电压和电路中的电流，利用U=IR求出R0两端的电压，进而关口、根据串联电路的电压特点求出电源电压。
（3）开关S、S1、S2都闭合时，电阻R0和滑动变阻器R并联，灯泡被短路，电流表A1测通过电阻R0的电流，电流表A2测干路中的总电流。知道滑动变阻器的最大电阻，可利用公式P=
计算出R2上消耗电功率的最小值。知道定值电阻
R1两端的电压和R1的阻值，可利用公式I=计算出此时通过R0的电流，又知道电流表A2量程为0～3A，从而可以判断出干路中的最大电流，再利用并联电路电流的特点计算出通过R的最大电流，再利用公式P=UI计算出求R上消耗电功率的最大值。
【解答】解：（1）由P=UI得灯泡L额定电流为： I额=
=
=0.2A。
（2）闭合S，断开S1、S2，灯泡L与电阻R0串联，灯泡正常发光， 则此时灯泡两端的电压为UL=I额=8V，此时电路中的电流为I=I额=0.2A， 由I=可知电阻R0两端的电压为：U0=IR0=0.2A×80Ω=16V， 所以，电源电压U=U0+UL=16V+8V=24V。
（3）开关S、S1、S2都闭合时，电阻R0和滑动变阻器R并联，灯泡被短路；电流表A1测通过电阻R0的电流，电流表A2测干路中的总电流。
第37页（共38页）
通过R0的电流为：I0===0.3A，
电流表A1测通过电阻R0的电流，电流表A2测干路中的总电流，电流表A1的量程为0～0.6A，电流表A2的量程为0～3A，
所以，通过R的最大电流为：Imax=I﹣I0=3A﹣0.3=2.7A， R消耗电功率的最大值为：Pmax=UImax=24V×2.7A=.8W。 答：（1）灯泡的额定电流为0.2A；
（2）闭合开关S，断开开关S1、S2时，灯泡正常发光，电源电压为24V； （3）开关S、S1、S2都闭合时，在不损坏电流表的前提下，R消耗电功率的最大值为.8W。
【点评】本题综合性较强，考查的内容较多。会辨别串、并联，会用欧姆定律计算，会用电功率公式计算，知道串、并联电路的电压规律，电流规律。关键是公式及其变形的灵活运用，难点是开关断开闭合过程中对电路连接情况的影响。
第38页（共38页）
因篇幅问题不能全部显示，请点此查看更多更全内容